I. Полиномы Лагерра Для полиномов Лагерра существует следующее представление в виде контурного интеграла I 1 z −α e−t Lα (z) = e z tn+α dt (1) n 2πi (t − z)n+1 Здесь n - степень полинома, а α - произвольный действительный параметр, контур интегрирования в плоскости t проходит против часовой стрелки вокруг точки z. Используя метод перевала, найти асимптотику полиномов Лагерра при n → ∞. Для удобства считайте z действительным и положительным. a. У вас должны получиться 2 седловые точки. Ваши вторые производные, определяющие предэкспоненту, должны получиться равными 2i S ′′ (t± ) = ± √ zn b. Для получения правильного выражения в экспоненте удобно использовать представление III. Асимптотика интеграла Найти асимптотику интеграла F (λ) = Z ∞ q e−λ x2 1+x dx (4) −1 при λ → ∞. Фазовая функция имеет излом на отрезке интегрирования. Разбейте контур на 2 части и для каждого интеграла получите свою асимптотическую оценку. IV. Уравнения Используя метод контурного интеграла Лапласа построить все линейно-независимые решения уравнения. В случае, когда интеграл не вычисляется в элементарных функциях, найти его асимптотику при z → +∞ 1. t = |t|eiarg t У вас должно получиться |t± − z| = p z(n + 1), π α−1−z √ arg(t± − z) = ∓ . 2 2 nz zu′′ + (z + 2i)u = 0 2. (5) * и похожие выражения для t. II. Функции Бесселя На семинаре мы исследовали асимптотическое поведение функций Бесселя при больших значениях аргумента z → ∞. Используя представление контурным интегралом I 1 z 1 dt Jn (z) = (2) e 2 (t− t ) n+1 , 2πi t где замкнутый контур обходит точку 0 против часовой стрелки, получить асимптотическое представление функции Бесселя при больших значениях номера n → ∞. Считайте z действительным и положительным. c. У вас должны получиться 2 седловые точки. Одну из них следует исключить из рассмотрения. Почему? d. Для получения табличного ответа, приведенного в конце задания, вам возможно окажется полезной формула Стирлинга: n n √ n! ≈ 2πn , n→∞ (3) e 3zu′′ − 2u′ + (−3z + 4)u = 0 V. (6) Ответы √ 1 z α−1 −α−1 πα π 2n2 4z 2 4 cos √ − 2 e 1. Lα (z) = nz − n 2 4 π 1 z n 2. Jn (z) = , n! 2 2 3. F (λ) ≈ λ Z i eiz dt ezt →− , 4a. u1 (z) = ze−iz , u2 (z) = 2 (t + i) 4z −∞ 4b. u1 (z) = (2 + 3z)e−z , Z 1 ezt dt ez −2πi/3 1 u2 (z) = → − e Γ . 2 2/3 3 4z 1/3 −∞ (t + 1) (t − 1)