Задание 4 1) Решить неравенство x 2 2 x 24 x 2 3x 10 0 Решение. ОДЗ: x 2 3x 10 0 x 2, x 5 В области допустимых значений неравенство эквивалентно x 2 2 x 24 0 2 x 3x 10 0 , решая, получаем x 6, x 4, x 2, x 5 Ответ: x 6 x 5 x 2 , , . 2) Решить систему уравнений 3 x 2 y 3 x y 2 3 2x y 7 Решение. Обозначим x 2y u3 , x y 2 v 3 , тогда u3 v 3 2x y 2 и система примет вид u v 3 3 3 u v 9 Так как u v u3 v 3 3uv u v , 3 27 9 9uv , uv 2 , u v 3 . uv 2 Согласно теореме Виета, u и v –корни уравнения t 2 3t 2 0 , t1 1, t 2 2 . x 2y 1 , x 13/ 3, y 5/3 u 1, v 2 , x y 6 x 2y 8 , x 2, y 3 u 2 , v 1, x y 1 Ответ: 13/3, 5/3 , 2,3 . 3) Построить график функции y x 12 x x . Решение. Область определения функции: x 0 . При x<0 y x 1 , при x>0 y x 1 . y 1 0 1 x -1 4) При каких a уравнение x x 2a 1 a 0 имеет единственный корень? Решение. Перепишем уравнение в виде x x 2a 1 a Корни уравнения – абсциссы точек пересечения графиков функций y x x 2a и y 1 a . x x 2a , x 2a, . y x x 2a x x 2 a , x 2 a При a>0 прямая y 1 a пересекает график этой функции в одной точке, если a 1 a 2 , то есть a 1 5 . 2 y y a2 a+1 a+1 2a 0 a 2a a 0 x x a2 При a<0 прямая y 1 a пересекает график этой функции в одной точке, если a+1>0, то есть a>-1, либо a 1 a 2 (решений нет). При а=0 уравнение примет вид x x 1 , его решение x=1. Ответ: 1 a 1 5 . 2 5) Периметр равнобочной трапеции, описанной около круга, равен P. Найти радиус этого круга, если острый угол при основании равен . Решение. Пусть a и b – основания трапеции, c – боковая сторона. Тогда, по условию, a b 2c P , и, так как трапеция описана около круга, a b 2c , то есть c P / 4 . Высота трапеции h c sin , радиус вписанной окружности r h / 2 c sin / 2 P sin / 8 . Ответ: 1 P sin 8