Министерство науки и высшего образования РФ Федеральное государственное автономное образовательное учреждение высшего образования «Южно-Уральский государственный университет» (национальный исследовательский университет) Институт «Политехнический» Факультет «Заочный» Кафедра «Промышленная теплоэнергетика» Направление 13.03.01 «Теплоэнергетика и теплотехника» СЕМЕСТРОВОЕ ЗАДАНИЕ №1 по дисциплине «Теоретические основы теплотехники» ЮУрГУ – 13.03.01.2019.506.020 ПЗ Нормоконтроль, доц. ___________Т.Б. Жигралова __________________ 2019 г. Руководитель, доц. __________ Т.Б. Жиргалова 2019 г. Автор работы, студент группы ПЗ-279 А.А. Юлдашев_________ 2019 г. Работа защищена с оценкой, _______________________ _________________2019 г. Челябинск 2019 г. АННОТАЦИЯ Юлдашев А.А. Семестровое задание №1 – Челябинск; Южно-Уральский государственный университет, Политехнический институт, Заочный факультет, 2019, 13с., 3ил., библиогр. список – 3 наим. В семестровом задании №1 требуется определить: параметры P, v, T, s, u, h в характерных точках цикла; работу l; изменение внутренней энергии u, энтальпии h, энтропии s рабочего тела во всех процессах цикла; теплоту q во всех процессах; термический КПД данного цикла и термический КПД цикла Карно, построенного в том же интервале температур. Полученные данные поместить в таблицы и построить цикл в P-v и T-S координатах. Изм. Лист № докум. Разраб. Юлдашев А.А. Провер. Реценз. Жиргалова Т.Ю. Н. Контр. Жиргалова Утверд. Жиргалова Подпись Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ Лит. Семестровое задание №1 Лист Листов 2 13 ЮУрГУ ОГЛАВЛЕНИЕ ПЕРВОНАЧАЛЬНЫЕ ДАННЫЕ…………………………………..…….…....…..5 1. ОПРЕДЕЛЕНИЕ ПАРАМЕТРОВ р, , Т ДЛЯ ОСНОВНЫХ ТОЧЕК ЦИКЛА……………….……………………………………………………………..6 2. ОПРЕДЕЛЕНИЕ ПАРАМЕТРОВ s, u ,h ДЛЯ ОСНОВНЫХ ТОЧЕК ЦИКЛА……………………………………………………………………….…..... 8 l, ИЗМЕНЕНИЕ ВНУТРЕННЕЙ ЭНЕРГИИ u, 3.ОПРЕДЕЛИМ РАБОТУ ЭНТАЛЬПИИ h, ЭНТРОПИИ s РАБОЧЕГО ТЕЛА ВО ВСЕХ ПРОЦЕССАХ ЦИКЛА…………………………………………………………………..…………. 9 4. РАСЧЕТ ТЕПЛОТЫ q ВО ВСЕХ ПРОЦЕССАХ ЦИКЛА ………………..….10 5. РАСЧЕТ ТЕРМИЧЕСКОГО КПД ДАННОГО ЦИКЛА И ТЕРМИЧЕСКОГО КПД ЦИКЛА КАРНО, ПОСТРОЕННОГО В ТОМ ЖЕ ИНТЕРВАЛЕ ТЕМПЕРАТУР.………………………………………………………………….…. 11 6. ЦИКЛЫ В р- v И Т-S КООРДИНАТАХ.………………………………....….. 12 БИБЛИОГРАФИЧЕСКИЙ СПИСОК...……………………….…………….……13 Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 4 Первоначальные данные. № 1 Р1 1 Т1 Р2 Т2 Т3 Р3 Раб.тело бар м3/кг К бар К К - - - 0,196 300 - 370 - 13 возд. 1.Требуется определить : а) параметры Р, ,Т,s,u ,h в характерных точках цикла; б) работу l, изменение внутренней энергии u, энтальпии h, энтропии s рабочего тела во всех процессах цикла ; в) теплоту q во всех процессах цикла; г) термический КПД данного цикла и термический КПД цикла Карно, построенного в том же интервале температур . Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 5 Полученные данные поместить в таблицы. д) построить цикл в Р- и Т-s координатах. Рассчитаем постоянные для данного цикла: Газовая постоянная воздуха: 𝑅= 𝑅𝜇 8314 = = 286,68 𝜇газа 29 Вычислим молярные теплоемкости при постоянном объеме и постоянном давлении для воздуха . C V i R0 2 - молярная теплоемкость при постоянном объеме где i-число степеней свободы молекулы. Для воздуха i=5. С𝜇𝑉возд = 5 ∗ 8,314 = 20,785 кДж/кмоль 2 Молярная масса воздуха составляет 𝜇возд = 29 ∗ 10−3 кг моль = 29 кг кмоль Удельная изохорная теплоемкость вохдуха составляет: с𝑽возд = с𝑽возд = 𝟐𝟎,𝟕𝟖𝟓 𝟐𝟗 = 𝟎, 𝟕𝟏𝟔𝟕 кДж кг∗К - С𝝁𝑽возд 𝝁возд удельная теплоемкость воздуха при постоянном объеме Т.к. показатель адиабаты k=1,4=cр/cv, определим ср=k*c v=1,4*0,7167=1,0034 кДж - удельная теплоемкость воздуха кг * К при постоянном давлении . 1. Определение параметров Р, ,Т для основных точек цикла: Процесс 1-2 адиабатный (точка 1). Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 6 Из уравнения состояния газа для точки 1: 𝑝1 𝑣1 = 𝑅𝑇1 выразим и рассчитаем параметр - p1 𝑝1 = 𝑅𝑇1 286.68 × 300 = = 438 795 Па = 438,8 кПа 𝑣1 0.196 Процесс 2-3 изохоный (точка 2). По формуле Т2 Т1 𝑣 𝑘−1 = ( 1) 𝑣 2 1 , рассчитаем параметр v2. 1 1 𝑣1 𝑇2 𝑘−1 =( ) 𝑣2 𝑇1 𝑇1 𝑘−1 300 𝑘−1 𝑣2 = 𝑣1 × ( ) = 0,196 × ( = 0,116 м3 /кг ) 𝑇2 370 Из уравнения состояния газа для точки 2: 𝑝2 𝑣2 = 𝑅𝑇2 выразим и рассчитаем параметр – p2 𝑝2 = 𝑅𝑇2 286.68 × 370 = = 914 410 Па = 914,4 кПа 𝑣2 0,116 Процесс 3-4 адиабатный (точка 3). Так как процесс 2-3 изохорный то: 𝑣2 = 𝑣3 = 0,116 м3 /кг Из соотношения 𝑝2 𝑇3 = 𝑝3 𝑇2 выразим и рассчитаем параметр – T3 𝑝2 𝑇3 = 𝑝3 𝑇2 𝑝3 𝑇2 = 𝑝2 𝑇3 𝑇3 = 𝑝3 𝑇2 1300 × 370 = = 526 𝐾 𝑝2 914.4 Процесс 4-1 изотермический (точка 4). Исходя из того что процесс 4-1 изотермический, следует что: Т4 = Т3 = 300К Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 7 По формуле Т4 Т3 𝑣 𝑘−1 = ( 3) 𝑣 1 𝑘−1 𝑇4 4 , рассчитаем параметр v2. 1 𝑘−1 𝑇4 𝑣3 =( ) 𝑣4 𝑇3 𝑣4 = 𝑣3 ÷ ( ) 𝑇3 = 0,116 ÷ ( 300 ) 526 1 𝑘−1 = 0,472 м3 /кг Из уравнения состояния газа для точки 4: 𝑝4 𝑣4 = 𝑅𝑇4 выразим и рассчитаем параметр – p4 𝑝4 = 𝑅𝑇4 286.68 × 300 = = 182 211 Па = 182,2 кПа 𝑣4 0,472 2. Определение параметров s,u ,h для основных точек цикла: Определим значения величины удельной внутренней энергии u воздуха в характерных точках цикла. Точка 1(4): u1(4)=cvT1(4)=0,7167·300=215,01 кДж/кг Точка 2: u2=cvT2=0,7167·370=265,18 кДж/кг Точка 3(4) : u3(4)=cvT3(4)=0,7167·526=376,98 кДж/кг Определим значения энтальпии h воздуха в характерных точках цикла (размерность давления-кПа). Точка 1(4): h1(4)= cрT1(4)= 1,0034 × 300 = 301,02 кДж/кг Точка 2: h1= cрT1= 1,0034 × 370 = 371,26 кДж/кг Точка 3: h1= cрT1= 1,0034 × 526 = 527,79 кДж/кг Определим значение энтропии s в характерных точках. Тн =0°С=273,15К и Рн=101,315 кПа – параметры рабочего тела при нормальных условиях 𝑠1 = 𝑐𝑝 𝑙𝑛 𝑇1 𝑝1 300 438.8 − 𝑅𝑙𝑛 = 1,0034𝑙𝑛 − 0,2867𝑙𝑛 = −0,3261 кДж/(кг ∗ К) 𝑇н 𝑝н 273,15 101,315 s2=s1=-0,3261 кДж/(кг*К), так как в адиабатном процессе s12=0 𝑠3 = 𝑐𝑝 𝑙𝑛 𝑇3 𝑝3 526 1300 − 𝑅𝑙𝑛 = 1,0034𝑙𝑛 − 0,2867𝑙𝑛 = −0,0741 кДж/(кг ∗ К) 𝑇н 𝑝н 273,15 101,315 s4=s3=-0,0741 кДж/(кг*К), так как в адиабатном процессе s34=0 Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 8 Результаты расчета внесем в таблицу 1. Таблица 1 Точки 1 2 3 4 p кПа 438,8 914,4 1300,0 182,2 v м3/кг 0,196 0,116 0,116 0,472 T К 300 370 526 300 u кДж/кг 215,01 265,18 376,98 215,01 h кДж/кг 301,02 371,26 527,79 301,02 s кДж/(кг·К) -0,3261 -0,3261 -0,0741 -0,0741 3.Определим работу L, изменение внутренней энергии u, энтальпии h, энтропии s рабочего тела во всех процессах цикла 3.1. Процесс 1-2 -адиабатный. Работа: 𝑙1−2 = 𝑅 0,2867 (𝑇1 − 𝑇 2 ) = (300 − 370) = −50,17 кДж/кг 𝑘−1 1,4 − 1 Изменение внутренней энергии: ∆𝑢 = 𝑐𝑣 (𝑇2 − 𝑇1 ) = 0,7167 × (370 − 300) = 50,17 кДж/кг Изменение энтальпии: ∆ℎ = 𝑐𝑝 (𝑇2 − 𝑇1 ) = 1,0034 × (370 − 300) = 70,24 кДж/кг Изменение энтропии: s =0. 3.2. Процесс 2-3 –изохорный . Работа: l2-3=0 Изменение внутренней энергии: ∆𝑢 = 𝑐𝑣 (𝑇3 − 𝑇2 ) = 0,7167 × (526 − 370) = 111,8052 кДж/кг Изменение энтальпии: ∆ℎ = 𝑐𝑝 (𝑇3 − 𝑇2 ) = 1,0034 × (526 − 370) = 156,5304 кДж/кг Изменение энтропии: Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 9 ∆𝑠 = 𝑐𝑣 ln 𝑇3 526 = 0,7167 × ln = 0,2521 кДж/(кг × К) 𝑇2 370 3.3. Процесс 3-4 - адиабатный . Работа: 𝑙3−4 = 𝑅 0,2867 (𝑇3 − 𝑇 4 ) = (526 − 300) = 161,98 кДж/кг 𝑘−1 1,4 − 1 Изменение внутренней энергии: ∆𝑢 = 𝑐𝑣 (𝑇4 − 𝑇3 ) = 0,7167 × (300 − 526) = −161,97 кДж/кг Изменение энтальпии: ∆ℎ = 𝑐𝑝 (𝑇4 − 𝑇3 ) = 1,0034 × (300 − 526) = −226,7684 кДж/кг Изменение энтропии: s =0. 3.4. Процесс 4-1 – изотермический . Работа: 𝑙4−1 = RT ln 𝑣1 0,196 = 0,2867 × 300 ln = −75,59 кДж/кг 𝑣4 0,472 Изменение внутренней энергии: ∆𝑢 = 0 Изменение энтальпии: ∆ℎ = 0 Изменение энтропии: ∆𝑠 = R ln 𝑣1 0,196 = 0,2867 ln = −0,252 кДж/кг 𝑣4 0,472 4. Расчет теплоты q во всех процессах цикла (q = u + l) 4.1.Процесс 1-2 (адиабатный): q1-2 = 0 4.2.Процесс 2-3 (изохорный): 𝑞2−3 = 𝑐𝑣 (𝑇3 − 𝑇2 ) = 0,7167 × (526 − 370) = 111,8052 кДж/кг 4.3.Процесс 3-4 (адиабатный): q1-2 = 0 Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 10 4.4.Процесс 4-1 (изотермический): q1-2 = l = -75,59 кДж/кг Результаты расчета внесем в таблицу 2. Таблица 2 Процесс 1-2 2-3 3-4 4-1 u кДж/кг 50,17 111,8052 -161,97 0 h кДж/кг 70,24 156,5304 -226,7684 0 s кДж/(кг·К) 0 0,252 0 -0,252 q кДж/кг 0 111,8052 0 -75,59 l кДж/кг -50,17 0 161,98 -75,59 5. Расчет термического КПД данного цикла и термического КПД цикла Карно, построенного в том же интервале температур. Подведённая теплота в цикле: q 1=111,8052 кДж/кг Отведённая теплота: q2 = -75,59 кДж/кг Термический КПД цикла: 𝑞1 − |𝑞2 | 111,8052 − 75,59 = = 0,3239 𝑞1 111,8052 Термический КПД цикла Карно: 𝑡 = 𝐾𝑡 = Т1= Тmax= 526К 𝑇1 − 𝑇2 𝑇1 Т2 = Тmin= 300К 𝐾 = 𝑡 526 − 300 = 0,4296 526 Рабочую часть двигателя Карно можно представить себе в виде поршня в заполненном газом цилиндре. Поскольку двигатель Карно — машина чисто теоретическая, то есть идеальная, силы трения между поршнем и цилиндром и тепловые потери считаются равными нулю. Механическая работа максимальна, если рабочее тело выполняет цикл, состоящий из двух изотерм и двух адиабат. Этот цикл называют циклом Карно. Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 11 6. Циклы в Р- и Т-s координатах. Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 12 БИБЛИОГРАФИЧЕСКИЙ СПИСОК 1. Кириллин В.А. Техническая термодинамика: учебик для вузов / В.А.Кириллин, В.В. Сычев, А.Е. Шейдлин. 5-е изд., перераб. и доп. М .: Издательский дом МЭИ, 2008. – 496 с.: ил. 2. Кудинов В.А. Техническая термодинамика и теплопередача : учебник для бакалавров / В.А. Кудинов, Э.М. Карташов, Е.В. Стефанюк. М. : издательство Юрайт, 2011. – 560 с. – Серия : Бакалавр. 3. Рабинович О.М. Сборник задач по технической термодинамике: издательство «Машиностроение», 1973. – 344 с. Лист Изм Лист № докум Подп Дата 13.03.01.2019.506.020 ПЗ 13